我在管理儀表板頁面中有一個鏈接,單擊該鏈接會顯示“醫生詳細信息”?,F在我希望管理員必須能夠單擊表中的選項鏈接,并在同一頁面中查看醫生的完整詳細信息(我可能會為此使用模式)。所以我的問題是如何從表中獲取ID并將其發送到另一個php文件進行數據庫查詢?我的用于生成有關醫生詳細信息的代碼(doctor-details.php)<?phprequire('config.php');$sql = "SELECT * FROM doctor";$result = mysqli_query($conn, $sql);$count = mysqli_num_rows($result);if($count > 0){ while($rows = mysqli_fetch_array($result)){ ?> <tr> <td><?php echo $rows['id'];?> </td> <td><?php echo $rows['f_name'];?></td> <td><?php echo $rows['l_name'];?></td> <td><?php echo $rows['email'];?></td> <td><?php echo $rows['contact_number'];?></td> <td><?php echo $rows['gender'];?></td> <td><a href=""> Options</a></td> </tr> <?php }}?>最后是我的ajax:$(document).ready(function(){ $("#load-doctor-data").click(function(){ $.ajax({ url: 'views/admin/doctor-details.php', type: 'POST', success: function(result){ $("#response-doctor").html(result); } }); }); }); //Hide table on login $("#show-doctor-details").hide(); $(document).ready(function(){ $("#load-doctor-data").click(function(){ $("#show-doctor-details").show(); $("#show-patient-details").hide(); }); });所以,要點是我想單擊選項并顯示 John Doe 的完整詳細信息。
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紅顏莎娜
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數據屬性是非常容易傳遞的數據。因此,當第一次追加時,請確保選項字段中有 id,如下所示:
<td><a href="" class="options" data-id="<?php echo $rows['id'];?>"> Options</a></td>
現在您可以在點擊事件處理程序中獲取此 id,如下所示:
$(document).on('click','.options', function(){ var currentId = $(this).data('id'); ... });
另外,您不需要準備兩份文件。您可以將兩個事件處理程序包裝在一個文檔中。
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