嘗試將鏈接放入變量中并按如下方式調用它（作為 .html 擴展名）：<!DOCTYPE html> <html> <body> <h1>My first PHP page</h1> <?php $link="https://jia666-my.sharepoint.com/:v:/g/personal/s1pxky0tu_xkx_me/EXvt95V1DmRHg9lrqhd5L0ABby8GhL5XC15qXq1tu87zYw?Download=1"; ?> <video controls="" height="640" width="720"> <source src="<?php echo $link ?>" type="video/mp4"></source> <source src="<?php echo $link ?>" type="video/webm"></source> Your browser does not support the video tag. </video> </body> </html>但是我在 chrome 瀏覽器上得到了 unexpexted 輸出：在此處輸入圖像描述我也嘗試使用以下代碼破壞 .php 擴展名：<?php$link='"https://jia666-my.sharepoint.com/:v:/g/personal/s1pxky0tu_xkx_me/EXvt95V1DmRHg9lrqhd5L0ABby8GhL5XC15qXq1tu87zYw?Download=1"';echo '<video controls="" height="640" width="720"> <source src=', $link, 'type="video/mp4"></source> <source src=', $link, 'type="video/webm"></source> Your browser does not support the video tag.</video></body></html>';?>但是這一次在 chrome 瀏覽器上的輸出是： 您的瀏覽器不支持視頻標簽。
2 回答
撒科打諢
TA貢獻1934條經驗 獲得超2個贊
,如果回顯中有另一個字符串，則無需提及變量就必須將其連接起來。并且您還必須在變量后指定一個空格，以便不與變量連接的類型。
將您的代碼更改為
<?php
$link='"https://jia666-my.sharepoint.com/:v:/g/personal/s1pxky0tu_xkx_me/EXvt95V1DmRHg9lrqhd5L0ABby8GhL5XC15qXq1tu87zYw?Download=1"';
echo '<video controls="" height="640" width="720">
<source src='. $link. ' type="video/mp4"></source>
Your browser does not support the video tag.
</video>
</body>
</html>';
慕姐8265434
TA貢獻1813條經驗 獲得超2個贊
變量的調用一定要正確，如下：
<?php
$link = 'https://jia666-my.sharepoint.com/:v:/g/personal/s1pxky0tu_xkx_me/EXvt95V1DmRHg9lrqhd5L0ABby8GhL5XC15qXq1tu87zYw?Download=1';
?>
<!DOCTYPE html>
<html>
<head>
<title>Test Video</title>
</head>
<body>
<video controls="" height="640" width="720">
<source src="<?php echo $link; ?>" type="video/mp4"></source>
<source src="<?php echo $link; ?>" type="video/webm"></source>
Your browser does not support the video tag.
</video>
</body>
</html>
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